Найти самый распространенный элемент в списке

Ответ 1

С таким количеством предлагаемых решений я поражен, что никто не предложил то, что я считаю очевидным (для не-хэшируемых, но сопоставимых элементов) - [ itertools.groupby] [1]. itertools предлагает быструю, многоразовую функциональность и позволяет делегировать некоторую сложную логику для хорошо протестированных стандартных компонентов библиотеки. Рассмотрим, например:

import itertools
import operator

def most_common(L):
  # get an iterable of (item, iterable) pairs
  SL = sorted((x, i) for i, x in enumerate(L))
  # print 'SL:', SL
  groups = itertools.groupby(SL, key=operator.itemgetter(0))
  # auxiliary function to get "quality" for an item
  def _auxfun(g):
    item, iterable = g
    count = 0
    min_index = len(L)
    for _, where in iterable:
      count += 1
      min_index = min(min_index, where)
    # print 'item %r, count %r, minind %r' % (item, count, min_index)
    return count, -min_index
  # pick the highest-count/earliest item
  return max(groups, key=_auxfun)[0]

Это может быть написано более кратко, конечно, но я нацелен на максимальную ясность. Два оператора print могут быть раскоментированы, чтобы лучше видеть механизм в действии; например, при печати без комментариев:

print most_common(['goose', 'duck', 'duck', 'goose'])

испускает:

SL: [('duck', 1), ('duck', 2), ('goose', 0), ('goose', 3)]
item 'duck', count 2, minind 1
item 'goose', count 2, minind 0
goose

Как вы видите, SL - это список пар, каждая пара - элемент, за которым следует индекс элемента в исходном списке (для реализации ключевого условия, которое, если "наиболее распространенные" элементы с одинаковым самым высоким счетом > 1, результат должен быть самым ранним из них).

groupby только по элементу (через operator.itemgetter). Вспомогательная функция, называемая один раз для группировки во время вычисления max, получает и внутренне распаковывает группу - кортеж с двумя элементами (item, iterable), где итерируемые элементы также являются корнями двух элементов, (item, original index) [[элементы SL]].

Затем вспомогательная функция использует цикл для определения как количества записей в итерабельной группе, так и минимального исходного индекса; он возвращает их как комбинированный "ключ качества" с изменением знака индекса min, поэтому операция max будет рассматривать "лучше" те элементы, которые произошли ранее в исходном списке.

Этот код может быть намного проще, если он немного беспокоится о проблемах с большими-O во времени и пространстве, например....:

def most_common(L):
  groups = itertools.groupby(sorted(L))
  def _auxfun((item, iterable)):
    return len(list(iterable)), -L.index(item)
  return max(groups, key=_auxfun)[0]

та же основная идея, просто выраженная более просто и компактно... но, увы, дополнительное O (N) вспомогательное пространство (для воплощения итераций групп в списки) и O (N квадратов) времени (для получения L.index каждого элемента). В то время как преждевременная оптимизация является корнем всего зла в программировании, сознательно выбирает подход O (N квадрат), когда доступен O (N log N), просто слишком сильно влияет на зерно масштабируемости! -)

Наконец, для тех, кто предпочитает "oneliners" для ясности и производительности, бонусная версия с одним лайнером с подходящими искаженными именами: -).

from itertools import groupby as g
def most_common_oneliner(L):
  return max(g(sorted(L)), key=lambda(x, v):(len(list(v)),-L.index(x)))[0]

Ответ 2

Простейший однострочный:

def most_common(lst):
    return max(set(lst), key=lst.count)

Ответ 3

Заимствование из здесь, это можно использовать с Python 2.7:

from collections import Counter

def Most_Common(lst):
    data = Counter(lst)
    return data.most_common(1)[0][0]

Работает в 4-6 раз быстрее, чем решения Alex, и в 50 раз быстрее, чем однострочный, предложенный newacct.

Чтобы получить элемент, который встречается первым в списке в случае связей:

def most_common(lst):
    data = Counter(lst)
    return max(lst, key=data.get)

Ответ 4

То, что вы хотите, в статистике называется режимом, и, конечно, в Python есть встроенная функция, которая сделает это именно за вас:

>>> from statistics import mode
>>> mode([1, 2, 2, 3, 3, 3, 3, 3, 4, 5, 6, 6, 6])
3

Обратите внимание, что если не существует "самого распространенного элемента", например, случаев, когда верхние два связаны, это вызовет StatisticsError, поскольку, по статистике, в этом случае режима нет.

Ответ 5

Если они не являются хешируемыми, вы можете отсортировать их и выполнить один цикл по результату, подсчитывая элементы (идентичные элементы будут рядом друг с другом). Но это может быть быстрее сделать их хешируемыми и использовать dict.

def most_common(lst):
    cur_length = 0
    max_length = 0
    cur_i = 0
    max_i = 0
    cur_item = None
    max_item = None
    for i, item in sorted(enumerate(lst), key=lambda x: x[1]):
        if cur_item is None or cur_item != item:
            if cur_length > max_length or (cur_length == max_length and cur_i < max_i):
                max_length = cur_length
                max_i = cur_i
                max_item = cur_item
            cur_length = 1
            cur_i = i
            cur_item = item
        else:
            cur_length += 1
    if cur_length > max_length or (cur_length == max_length and cur_i < max_i):
        return cur_item
    return max_item

Ответ 6

Это решение O (n).

mydict   = {}
cnt, itm = 0, ''
for item in reversed(lst):
     mydict[item] = mydict.get(item, 0) + 1
     if mydict[item] >= cnt :
         cnt, itm = mydict[item], item

print itm

(обратное используется, чтобы убедиться, что оно возвращает наименьший индексный элемент)

Ответ 7

Отсортируйте копию списка и найдите самый длинный пробег. Вы можете украсить список, прежде чем сортировать его с индексом каждого элемента, а затем выбрать прогон, начинающийся с самого низкого индекса в случае привязки.

Ответ 8

Однострочный:

def most_common (lst):
    return max(((item, lst.count(item)) for item in set(lst)), key=lambda a: a[1])[0]

Ответ 9

# use Decorate, Sort, Undecorate to solve the problem

def most_common(iterable):
    # Make a list with tuples: (item, index)
    # The index will be used later to break ties for most common item.
    lst = [(x, i) for i, x in enumerate(iterable)]
    lst.sort()

    # lst_final will also be a list of tuples: (count, index, item)
    # Sorting on this list will find us the most common item, and the index
    # will break ties so the one listed first wins.  Count is negative so
    # largest count will have lowest value and sort first.
    lst_final = []

    # Get an iterator for our new list...
    itr = iter(lst)

    # ...and pop the first tuple off.  Setup current state vars for loop.
    count = 1
    tup = next(itr)
    x_cur, i_cur = tup

    # Loop over sorted list of tuples, counting occurrences of item.
    for tup in itr:
        # Same item again?
        if x_cur == tup[0]:
            # Yes, same item; increment count
            count += 1
        else:
            # No, new item, so write previous current item to lst_final...
            t = (-count, i_cur, x_cur)
            lst_final.append(t)
            # ...and reset current state vars for loop.
            x_cur, i_cur = tup
            count = 1

    # Write final item after loop ends
    t = (-count, i_cur, x_cur)
    lst_final.append(t)

    lst_final.sort()
    answer = lst_final[0][2]

    return answer

print most_common(['x', 'e', 'a', 'e', 'a', 'e', 'e']) # prints 'e'
print most_common(['goose', 'duck', 'duck', 'goose']) # prints 'goose'

Ответ 10

Вероятно, вам это больше не нужно, но это то, что я сделал для аналогичной проблемы. (Он выглядит длиннее, чем из-за комментариев.)

itemList = ['hi', 'hi', 'hello', 'bye']

counter = {}
maxItemCount = 0
for item in itemList:
    try:
        # Referencing this will cause a KeyError exception
        # if it doesn't already exist
        counter[item]
        # ... meaning if we get this far it didn't happen so
        # we'll increment
        counter[item] += 1
    except KeyError:
        # If we got a KeyError we need to create the
        # dictionary key
        counter[item] = 1

    # Keep overwriting maxItemCount with the latest number,
    # if it higher than the existing itemCount
    if counter[item] > maxItemCount:
        maxItemCount = counter[item]
        mostPopularItem = item

print mostPopularItem

Ответ 11

Основываясь на ответе Луиса, но удовлетворяя условию "в случае ничьих, должен быть возвращен элемент с наименьшим индексом":

from statistics import mode, StatisticsError

def most_common(l):
    try:
        return mode(l)
    except StatisticsError as e:
        # will only return the first element if no unique mode found
        if 'no unique mode' in e.args[0]:
            return l[0]
        # this is for "StatisticsError: no mode for empty data"
        # after calling mode([])
        raise

Пример:

>>> most_common(['a', 'b', 'b'])
'b'
>>> most_common([1, 2])
1
>>> most_common([])
StatisticsError: no mode for empty data

Ответ 12

Простое решение в одну строку

moc= max([(lst.count(chr),chr) for chr in set(lst)])

Он вернет наиболее частый элемент с его частотой.

Ответ 13

Привет, это очень простое решение с большим O (n)

L = [1, 4, 7, 5, 5, 4, 5]

def mode_f(L):
# your code here
    counter = 0
    number = L[0]
    for i in L:
        amount_times = L.count(i)
        if amount_times > counter:
            counter = amount_times
            number = i

    return number

Где нумеровать элемент в списке, который повторяется большую часть времени

Ответ 14

Это очевидное медленное решение (O (n ^ 2)), если ни сортировка, ни хеширование невозможны, но сравнение равенства (==) доступно:

def most_common(items):
  if not items:
    raise ValueError
  fitems = [] 
  best_idx = 0
  for item in items:   
    item_missing = True
    i = 0
    for fitem in fitems:  
      if fitem[0] == item:
        fitem[1] += 1
        d = fitem[1] - fitems[best_idx][1]
        if d > 0 or (d == 0 and fitems[best_idx][2] > fitem[2]):
          best_idx = i
        item_missing = False
        break
      i += 1
    if item_missing:
      fitems.append([item, 1, i])
  return items[best_idx]

Но создание ваших элементов хешируемыми или сортируемыми (как рекомендовано другими ответами) почти всегда заставит поиск наиболее распространенного элемента быстрее, если длина вашего списка (n) велика. O (n) в среднем с хешированием и O (n * log (n)) в худшем случае для сортировки.

Ответ 15

Здесь:

def most_common(l):
    max = 0
    maxitem = None
    for x in set(l):
        count =  l.count(x)
        if count > max:
            max = count
            maxitem = x
    return maxitem

У меня смутное чувство, что есть метод где-то в стандартной библиотеке, который даст вам счет каждого элемента, но я не могу его найти.

Ответ 16

>>> li  = ['goose', 'duck', 'duck']

>>> def foo(li):
         st = set(li)
         mx = -1
         for each in st:
             temp = li.count(each):
             if mx < temp:
                 mx = temp 
                 h = each 
         return h

>>> foo(li)
'duck'

Ответ 17

def mostCommon(lst):

    # Finds the element of highest value & occurrence
    table = {}

    # Counts the number of occurences for each number
    for ele in lst:
        if ele in table:
            table[ele] = table[ele] + 1
        else:
            table.update( {ele : 1} )

    # Inverts the keys & values 
    invert = lambda mydict: {v:k for k, v in mydict.items()}
    table = invert(table) # Inverting is necessary to access values 

    # Returns highest value in dictionary
    return table[ max(table.keys()) ]

Ответ 18

Мне нужно было сделать это в недавней программе. Я признаю это, я не мог понять ответ Алекс, так что это то, с чем я закончил.

def mostPopular(l):
    mpEl=None
    mpIndex=0
    mpCount=0
    curEl=None
    curCount=0
    for i, el in sorted(enumerate(l), key=lambda x: (x[1], x[0]), reverse=True):
        curCount=curCount+1 if el==curEl else 1
        curEl=el
        if curCount>mpCount \
        or (curCount==mpCount and i<mpIndex):
            mpEl=curEl
            mpIndex=i
            mpCount=curCount
    return mpEl, mpCount, mpIndex

Я приурочил его к решению Alex и примерно на 10-15% быстрее для коротких списков, но как только вы переходите более чем на 100 элементов или больше (проверено до 200000), он примерно на 20% медленнее.

Ответ 19

def mostCommonElement(list):
  count = {} // dict holder
  max = 0 // keep track of the count by key
  result = None // holder when count is greater than max
  for i in list:
    if i not in count:
      count[i] = 1
    else:
      count[i] += 1
    if count[i] > max:
      max = count[i]
      result = i
  return result

mostCommonElement(["a","b","a","c"]) → "a"

Ответ 20

 def most_common(lst):
    if max([lst.count(i)for i in lst]) == 1:
        return False
    else:
        return max(set(lst), key=lst.count)

Ответ 21

def popular(L):
C={}
for a in L:
    C[a]=L.count(a)
for b in C.keys():
    if C[b]==max(C.values()):
        return b
L=[2,3,5,3,6,3,6,3,6,3,7,467,4,7,4]
print popular(L)