Как отправить объекты FormData с помощью Ajax-запросов в jQuery?

Ответ 1

Я считаю, что вы могли бы сделать это вот так:

var fd = new FormData();    
fd.append( 'file', input.files[0] );

$.ajax({
  url: 'http://example.com/script.php',
  data: fd,
  processData: false,
  contentType: false,
  type: 'POST',
  success: function(data){
    alert(data);
  }
});

Настройка processData на false позволяет запретить jQuery автоматически преобразовывать данные в строку запроса. Подробнее см. документы.

Установка параметра contentType в значение false является обязательным, поскольку в противном случае jQuery установит его неверно.

Ответ 2

Есть еще несколько доступных для вас методов. Начните с установки свойства contentType в параметрах ajax.

Основываясь на примере pradeek:

$('form').submit(function (e) {
    var data;

    data = new FormData();
    data.append('file', $('#file')[0].files[0]);

    $.ajax({
        url: 'http://hacheck.tel.fer.hr/xml.pl',
        data: data,
        processData: false,
        type: 'POST',

        // This will override the content type header, 
        // regardless of whether content is actually sent.
        // Defaults to 'application/x-www-form-urlencoded'
        contentType: 'multipart/form-data', 

        //Before 1.5.1 you had to do this:
        beforeSend: function (x) {
            if (x && x.overrideMimeType) {
                x.overrideMimeType("multipart/form-data");
            }
        },
        // Now you should be able to do this:
        mimeType: 'multipart/form-data',    //Property added in 1.5.1

        success: function (data) {
            alert(data);
        }
    });

    e.preventDefault();
});

В некоторых случаях, когда jQuery ajax делает непредвиденные события, событие beforeSend - отличное место для этого. Некоторое время люди использовали beforeSend для переопределения mimeType до того, как он был добавлен в jQuery в 1.5.1. Вы должны иметь возможность изменять что угодно на объекте jqXHR в событии перед отправкой.

Ответ 3

Вы можете отправить объект FormData в ajax-запрос, используя следующий код,

$("form#formElement").submit(function(){
    var formData = new FormData($(this)[0]);
});

Это очень похоже на принятый ответ, но на фактический ответ на вопрос. Это автоматически представит элементы формы в FormData, и вам не нужно вручную добавлять данные в переменную FormData.

Метод ajax выглядит следующим образом:

$("form#formElement").submit(function(){
    var formData = new FormData($(this)[0]);
    //append some non-form data also
    formData.append('other_data',$("#someInputData").val());
    $.ajax({
        type: "POST",
        url: postDataUrl,
        data: formData,
        processData: false,
        contentType: false,
        dataType: "json",
        success: function(data, textStatus, jqXHR) {
           //process data
        },
        error: function(data, textStatus, jqXHR) {
           //process error msg
        },
});

Вы также можете вручную передать элемент формы внутри объекта FormData в качестве параметра, подобного этому

var formElem = $("#formId");
var formdata = new FormData(form[0]);

Надеюсь, поможет. ;)

Ответ 4

Вы можете использовать событие $.ajax beforeSend для управления заголовком.

...

beforeSend: function(xhr) { 
    xhr.setRequestHeader('Content-Type', 'multipart/form-data');
}

...

Дополнительную информацию см. на этой ссылке: http://msdn.microsoft.com/en-us/library/ms536752(v=vs.85).aspx

Ответ 5

Я думаю, что вы не можете сделать это в ajax для поддержки всех браузеров, я могу сказать, что хорошо проверить этот плагин для ajax uploader, чтобы посмотреть, как они это сделали http://valums.com/ajax-upload/

Ответ 6

Я делаю это так, и это работает для меня, я надеюсь, что это поможет:)

   <div id="data">
        <form>
            <input type="file" name="userfile" id="userfile" size="20" />
            <br /><br />
            <input type="button" id="upload" value="upload" />
        </form>
    </div>
  <script>
        $(document).ready(function(){
                $('#upload').click(function(){

                    console.log('upload button clicked!')
                    var fd = new FormData();    
                    fd.append( 'userfile', $('#userfile')[0].files[0]);

                    $.ajax({
                      url: 'upload/do_upload',
                      data: fd,
                      processData: false,
                      contentType: false,
                      type: 'POST',
                      success: function(data){
                        console.log('upload success!')
                        $('#data').empty();
                        $('#data').append(data);

                      }
                    });
                });
        });
    </script>   

Ответ 7

Если вы хотите отправлять файлы с использованием ajax, используйте "jquery.form.js" Это легко передает элементы формы.

Образцы http://jquery.malsup.com/form/#ajaxSubmit

приблизительный вид:

<form id='AddPhotoForm' method='post' action='../photo/admin_save_photo.php' enctype='multipart/form-data'>

<script type="text/javascript">
function showResponseAfterAddPhoto(responseText, statusText)
{ 
    information= responseText;
    callAjaxtolist();
    $("#AddPhotoForm").resetForm();
    $("#photo_msg").html('<div class="album_msg">Photo uploaded Successfully...</div>');        
};

$(document).ready(function(){
    $('.add_new_photo_div').live('click',function(){
            var options = {success:showResponseAfterAddPhoto};  
            $("#AddPhotoForm").ajaxSubmit(options);
        });
});
</script>

Ответ 8

JavaScript:

 function submitForm() {
                var data1 = new FormData($('input[name^="file"]'));
                $.each($('input[name^="file"]')[0].files, function(i, file) {
                data1.append(i, file);
                });

    $.ajax({
      url: "<?php echo base_url() ?>employee/dashboard2/test2",
      type: "POST",
      data: data1,
      enctype: 'multipart/form-data',
      processData: false,  // tell jQuery not to process the data
      contentType: false   // tell jQuery not to set contentType
    }).done(function(data) {
        console.log("PHP Output:");
        console.log( data );
    });
    return false;
}

PHP:

public function upload_file(){

    foreach ($_FILES as $key ) {

          $name =time().$key['name'];

          $path='upload/'.$name;

          @move_uploaded_file($key['tmp_name'],$path);

    }

Ответ 9

Вместо fd.append( 'userfile', $('#userfile')[0].files[0]);

Использование - fd.append( 'file', $('#userfile')[0].files[0]);

Ответ 10

Лучшая документация и пример, который я нашел, были здесь https://developer.mozilla.org/en-US/docs/Web/Guide/Using_FormData_Objects