Как показать контент во втором ответе на авторизацию ajax и cors?

Вы можете видеть, что авторизация и корс находятся в хорошем состоянии.

Тест-ajax-cors.html в моем локальном каталоге /var/www/html.

Введите 127.0.0.1/test-ajax-cors.html, нажмите show content,
1.i получил информацию о предупреждении: ошибка
2.remote.php вызывался два раза на 127.0.0.1/test-ajax-cors.html (кнопка show content в 127.0.0.1/test-ajax-cors.html была нажата всего один раз).

, когда вызывать remote.php в первый раз, нет содержимого в remote.php resposne.
Первый запрос, возможно, запрос CORS-preflight, браузеры отправляют запрос OPTIONS без заголовка авторизации, и в моем случае сервер отправляет код статуса 200 в браузер, это означает, что все в хорошем состоянии.

Содержимое в ответе remote.php при вызове remote.php во второй раз.
Как сделать контент во втором ответе показом по 127.0.0.1/test-ajax-cors.html.
Спасибо Sally CJ извещение.

Введите 127.0.0.1/test-ajax-cors.html, нажмите show content.
Информация об ошибке 1.alert

2. remote.php вызывались два раза, все ответы для remote.php одинаковы.

Содержимое - это то, чего я ожидаю, почему не удается показать его на веб-странице 127.0.0.1\test-ajax-cors.html, что приводит к информации об ошибке предупреждения?

Ответы

Ответ 1

Прежде всего, похоже, что ваш сервер настроен неправильно, так как ваш PHP скрипт не выполняется, и ответ просто возвращает содержимое скрипта (я вижу, вы уже отсортировали его с помощью mod_php).

Во-вторых, {"name", "myname"} не является допустимым JSON. Ваш ответ должен быть {"name": "myname"} или для удобства всегда должен быть json_encode массив PHP например:

<?php
// Set the correct Content-Type
// this helps when viewing in browser console, and is generally needed
header('Content-Type: application/json');

// Create an array with needed response data
$result = [
    'name' => 'myname'
];

// Convert PHP array to a correct JSON string and echo it
echo json_encode($result);

Таким образом, ваш JSON всегда будет действителен или, по крайней мере, вы увидите ошибки, которые помогут вам отлаживать.

После того как вы исправили свой ответ, вы можете сделать что-то вроде:

success: function(response, textStatus, jqXHR) {
    // var stringData = JSON.stringify(response); you don't need this
    // since jqXHR object already contains the raw response text

    // It recommended to prefix variable name with $
    // that way you will always know that it is a JQuery object
    var $mytext = $("#remote");
    $mytext.text(jqXHR.responseText);

    // console.log(response); is better than alert 
    // unless you really need to pause the script
    alert(response.name);
}

Обратите внимание, что JQuery достаточно умен, чтобы узнать, является ли запрос pre-flight запросом, поэтому ваши обратные вызовы должны запускаться только тогда, когда второй запрос доставляет контент.

Ответ 2

@it_is_a_literature для первой проблемы (предупреждение из раздела ошибок), вы должны установить заголовок в ваш php файл (заголовок ('Content-Type: application/json');) и использовать json_encode с эхом. И для вызова с двойной функцией вы должны вернуть false в конце функции ajax().

test.html

<script src="https://ajax.googleapis.com/ajax/libs/jquery/3.3.1/jquery.min.js"></script>
<script>
function Ajax( ) {
    var url = 'http://localhost:855/remote.php';
    $.ajax(url, {
        type:"post",   
        crossDomain: "true",
        dataType:"json",
        beforeSend:function(xhr) {
            xhr.setRequestHeader('Authorization',"Basic " + btoa("xxxx:xxxx"))},
        success:function(response){
        data = JSON.stringify(response);
            alert(data);
            mytext = $("#remote");
            mytext.append(data);
        },
        error: function (e) {
            alert("error");
        }
    });
    return false;
};
</script>

<input type="button" value="show content" onclick="Ajax();">
<p id="remote">the content on remote webpage</p>

Response.php

<?php
header('Content-Type: application/json');
echo  json_encode(array("name","myname"));
?>

Отклик: